2016年全国统一高考化学试卷(新课标ⅲ解析版)

发布时间:2024-06-08 10:06:38浏览次数:26
2016 年全国统一高考化学试卷(新课标Ⅲ)一、选择题.1.(3 分)化学在生活中有着广泛的应用,下列对应关系错误的是(  ) 选项 化学性质 实际应用A ClO2具有强氧化性 自来水消毒杀菌B SO2具有还原性 用作漂白剂C NaHCO3受热易分解并且生成气体 焙制糕点D Al(OH)3分解吸收大量热量并有 H2O 生成 阻燃剂A.A B.B C.C D.D2.(3 分)下列说法错误的是(  )A.乙烷光照下能与浓盐酸发生取代反应B.乙烯可以用作生产食品包装材料的原料C.乙醇室温下在水中的溶解度大于溴乙烷D.乙酸和甲酸甲酯互为同分异构体3.(3 分)下列有关实验的操作正确的是(  ) 实验 操作 A 除去 NaHCO3固体中混有的 NH4Cl 直接将固体加热 B 实验室收集 Cu 与稀硝酸反应成的 NO 向上排空气法收集 C 检验乙酸具有酸性 配制乙酸溶液,滴加 NaHCO3溶液有气泡产生 D 测定某稀硫酸的浓度 取 20.00ml 该稀硫酸于干净的锥形瓶中,用 0.1000mol/L 的 NaOH 标准液进行滴定A.A B.B C.C D.D4.(3 分)已知异丙苯的结构简式如图,下列说法错误的是(  )A.异丙苯的分子式为 C9H12B.异丙苯的沸点比苯高C.异丙苯中碳原子可能都处于同一平面D.异丙苯和苯为同系物5.(3 分)锌﹣空气燃料电池可用作电动车动力电源,电池的电解质溶液为 KOH 溶液,反应为2Zn+O2+4OH﹣+2H2O═2Zn(OH)42﹣.下列说法正确的是(  )A.充电时,电解质溶液中 K+向阳极移动B.充电时,电解质溶液中 c(OH﹣)逐渐减小C.放电时,负极反应为:Zn+4OH﹣﹣2e﹣═Zn(OH)42﹣D.放电时,电路中通过 2mol 电子,消耗氧气 22.4L(标准状况)6.(3 分)四种短周期主族元素 W、X、Y、Z 的原子序数依次增大,W、X 的简单离子具有相同电子层结构,X 的原子半径是短周期主族元素原子中最大的,W 与 Y 同族,Z 与 X 形成的离子化合物的水溶液呈中性.下列说法正确的是(  )A.W 与 X 形成的化合物溶于水后溶液呈碱性B.简单离子半径:W<X<ZC.气态氢化物的热稳定性:W<YD.最高价氧化物的水化物的酸性:Y>Z7.(3 分)下列有关电解质溶液的说法正确的是(  ) (2)过滤遵循一贴二低三靠;(二)过氧化钙的制备由流程可知,碳酸钙溶于盐酸后,至溶液中尚存有少量固体,过滤后,滤液中氯化钙、氨水、过氧化氢反应生成 CaO2、NH4Cl、水;再过滤,洗涤得到过氧化钙;制备过氧化钙的另一种方法是:将石灰石煅烧后,直接加入双氧水反应,过滤后可得到过氧化钙产品,石灰石便宜易得,但纯度较低,以此来解答.【解答】解:(一)碳酸钙的制备由流程可知,加盐酸,碳酸钙、铁的氧化物均溶解,加双氧水可氧化亚铁离子,加氨水将铁离子转化为沉淀,过滤后的滤液中含盐酸,加氨水中和酸,利用得到碳酸钙沉淀;(1)步骤①加入氨水的目的是中和多余的盐酸,沉淀铁离子.小火煮沸的作用是使沉淀颗粒长大,有利于过滤,故答案为:调节溶液 pH 使 Fe(OH)3沉淀;过滤分离;(2)a.漏斗末端颈尖未紧靠烧杯壁,应漏斗末端颈尖紧靠烧杯壁,故错误;b.玻璃棒用作引流,使液体顺利流下,故正确;c.将滤纸湿润,使其紧贴漏斗壁,防止液体从滤纸与漏斗的缝隙流下,故正确;d.滤纸边缘应低于漏斗上边缘,故错误;e.玻璃棒不能在漏斗中轻轻搅动以加快过滤速度,可能捣破滤纸,过滤失败,故错误;故答案为:ade;(二)过氧化钙的制备由流程可知,碳酸钙溶于盐酸后,至溶液中尚存有少量固体,过滤后,滤液中氯化钙、氨水、过氧化氢反应生成 CaO2、NH4Cl、水;再过滤,洗涤得到过氧化钙;(3)步骤②的具体操作为逐滴加入稀盐酸,至溶液中尚存有少量固体,溶液中溶解二氧化碳,此时溶液呈酸性;将溶液煮沸,趁热过滤,将溶液煮沸的作用是除去溶液中溶解的二氧化碳,故答案为:酸;除去溶液中溶解的二氧化碳;(4)步骤③中反应的化学方程式为 CaCl2+2NH3.H2O+H2O2=CaO2+2NH4Cl+2H2O,该反应需要在冰浴下进行,原因是温度过高时双氧水易分解,故答案为:CaCl2+2NH3.H2O+H2O2+6H2O=CaO2•8H2O↓+2NH4Cl;温度过高时双氧水易分解;(5)将过滤得到的白色结晶依次使用蒸馏水、乙醇洗涤,使用乙醇洗涤的目的是去除晶体表面水分,故答案为:去除晶体表面水分;(6)制备过氧化钙的另一种方法是:将石灰石煅烧后,直接加入双氧水反应,过滤后可得到过氧化钙产品.该工艺方法的优点是原料来源丰富、操作简单,产品的缺点是纯度较低,故答案为:工艺简单、操作方便;纯度较低.【点评】本题考查物质的制备实验,为高频考点,把握制备实验原理、实验技能、物质的性质为解答的关键,侧重分析与实验能力的考查,注意物质的性质及应用,题目难度中等. 9.煤燃烧排放的烟含有 SO2和 NOx,形成酸雨、污染大气,采用 NaClO2溶液作为吸收剂可同时对烟气进行脱硫、脱硝。回答下列问题:(1)NaClO2的化学名称为 亚氯酸钠 。(2)在鼓泡反应器中通入含 SO2、NOx的烟气,反应温度 323K,NaClO2溶液浓度为 5×10﹣3mol•L﹣1.反应一段时间后溶液中离子浓度的分析结果如表。 离子 SO42﹣SO32﹣NO3﹣NO2﹣Cl﹣ c/(mol•L﹣1) 8.35×10﹣4 6.87×10﹣6 1.5×10﹣4 1.2×10﹣5 3.4×10﹣3①写出 NaClO2溶液脱硝过程中主要反应的离子方程式  3ClO 2﹣ +4NO+4OH ﹣ =4NO 3﹣ +3Cl ﹣ +2H 2O   。增加压强,NO 的转化率 提高 (填“提高”、“不变”或“降低”)。②随着吸收反应的进行,吸收剂溶液的 pH 逐渐 减小 (填“增大”、“不变”或“减小”)。③由实验结果可知,脱硫反应速率 大于 脱硝反应速率(填“大于”或“小于”)原因是除了 SO2和NO 在烟气中初始浓度不同,还可能是  NO 溶解度较低或脱硝反应活化能较高  。(3)在不同温度下,NaClO2溶液脱硫、脱硝的反应中 SO2和 NO 的平衡分压 Pe如图所示。 ①由图分析可知,反应温度升高,脱硫、脱硝反应的平衡常数均 减小 (填“增大”、“不变”或“减小”)。②反应 ClO2﹣+2SO32﹣═2SO42﹣+Cl﹣的平衡常数 K 表达式为   。(4)如果采用 NaClO、Ca(ClO)2替代 NaClO2,也能得到较好的烟气脱硫效果。①从化学平衡原理分析,Ca(ClO)2相比 NaClO 具有的优点是 形成 CaSO 4 沉淀,反应平衡向产物方向移动, SO 2 转化率提高 。②已知下列反应:SO2(g)+2OH﹣(aq)═SO32﹣(aq)+H2O(l)△H1ClO﹣(aq)+SO32﹣(aq)═SO42﹣(aq)+Cl﹣(aq)△H2CaSO4(s)═Ca2+(aq)+SO42﹣(aq)△H3则反应 SO2(g)+Ca2+(aq)+ClO﹣(aq)+2OH﹣(aq)═CaSO4(s)+H2O(l)+Cl﹣(aq)的△H= △ H 1+△H2﹣△H3 。【考点】BB:反应热和焓变;CB:化学平衡的影响因素.菁优网版权所有【专题】51E:化学平衡专题.【分析】(1)NaClO2的化学名称为亚氯酸钠;(2)①亚氯酸钠具有氧化性,则 NaClO2溶液脱硝过程中主要反应的离子方程式为 3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O;正反应是体积减小的,则增加压强,NO 的转化率提高;②根据反应的方程式 3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O 可知随着吸收反应的进行氢氧根离子被消耗,吸收剂溶液的 pH 逐渐降低;③由实验结果可知,在相同时间内硫酸根离子的浓度增加的多,因此脱硫反应速率大于脱硝反应速率。原因是除了 SO2和 NO 在烟气中的初始浓度不同,还可能是二氧化硫的还原性强,易被氧化;(3)①由图分析可知,根据反应 3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O,NO 的平衡分压的负对数随温度的升高而减小,则说明温度越高,NO 的平衡分压越大,NO 的含量越高,故升高温度,平衡向逆反应方向进行,平衡常数减小;②根据反应的方程式 ClO2﹣+2SO32﹣═2SO42﹣+Cl﹣可知平衡常数 K 表达式为 K= ;(4)①如果采用 NaClO、Ca(ClO)2替代 NaClO2,由于生成的硫酸钙微溶,降低硫酸根离子浓度,促使平衡向正反应方向进行;②则根据盖斯定律计算。【解答】解:(1)NaClO2的化学名称为亚氯酸钠,故答案为:亚氯酸钠;(2)①亚氯酸钠具有氧化性,且 NaClO2溶液呈碱性,则 NaClO2溶液脱硝过程中主要反应的离子方程式为 3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O;正反应是体积减小的,则增加压强,NO 的转化率提高,故答案为:3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O;提高;②根据反应的方程式 3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O 可知随着吸收反应的进行氢氧根离子被消耗,吸收剂溶液的 pH 逐渐降低,故答案为:减小;③由实验结果可知,在相同时间内硫酸根离子的浓度增加的多,因此脱硫反应速率大于脱硝反应速率。原因是除了 SO2和 NO 在烟气中的初始浓度不同,还可能是 NO 溶解度较低或脱硝反应活化能较高,故答案为:大于;NO 溶解度较低或脱硝反应活化能较高; (3)①由图分析可知,根据反应 3ClO2﹣+4NO+4OH﹣=4NO3﹣+3Cl﹣+2H2O,NO 的平衡分压的负对数随温度的升高而减小,则说明温度越高,NO 的平衡分压越大,NO 的含量越高,故升高温度,平衡向逆反应方向进行,平衡常数减小,故答案为:减小;②根据反应的方程式 ClO2﹣+2SO32﹣═2SO42﹣+Cl﹣可知平衡常数 K 表达式为 K= ,故答案为: ;(4)①如果采用 NaClO、Ca(ClO)2替代 NaClO2,生成硫酸钙沉淀,降低硫酸根离子浓度,促使平衡向正反应方向进行,所以 Ca(ClO)2效果好,故答案为:形成 CaSO4沉淀,反应平衡向产物方向移动,SO2转化率提高;②已知 SO2(g)+2OH﹣(aq)═SO32﹣(aq)+H2O(l)△H1ClO﹣(aq)+SO32﹣(aq)═SO42﹣(aq)+Cl﹣(aq)△H2CaSO4(s)═Ca2+(aq)+SO42﹣(aq)△H3则根据盖斯定律可知①+②﹣③ 即得到反应 SO2(g)+Ca2+(aq)+ClO﹣(aq)+2OH﹣(aq)═CaSO4(s)+H2O(l)+Cl﹣(aq)△H=△H1+△H2﹣△H3.,故答案为:△H1+△H2﹣△H3。【点评】本题考查氧化还原反应、盖斯定律、外界条件对反应速率和平衡状态的影响等,要求学生掌握基本概念,结合生活实际分析问题、解决问题,方程式的书写要遵循相关守恒,题目难度中等。 10.以硅藻土为载体的五氧化二钒(V2O5)是接触法生产硫酸的催化剂.从废钒催化剂中回收 V2O5既避免污染环境又有利于资源综合利用.废钒催化剂的主要成分为:物质 V2O5V2O4K2SO4SiO2Fe2O3Al2O3质量分数/% 2.2~2.9 2.8~3.1 22~28 60~65 1~2 <1以下是一种废钒催化剂回收工艺路线:回答下列问题:(1)“酸浸”时 V2O5转化为 VO2+,反应的离子方程式为  V 2O5+2H + =2VO 2+ +H 2O   ,同时 V2O4转成 VO2+.“废渣 1”的主要成分是  SiO 2 .(2)“氧化”中欲使 3 mol 的 VO2+变为 VO2+,则需要氧化剂 KClO3至少为  0.5   mol.(3)“中和”作用之一是使钒以 V4O124﹣形式存在于溶液中.“废渣 2”中含有  Fe ( OH ) 3、 Al ( OH ) 3.(4)“离子交换”和“洗脱”可简单表示为:4ROH+V4O124﹣R4V4O12+4OH﹣(以 ROH 为强碱性阴离子交换树脂).为了提高洗脱效率,淋洗液应该呈 碱 性(填“酸”“碱”“中”).(5)“流出液”中阳离子最多的是  K +   .(6)“沉钒”得到偏钒酸铵(NH4VO3)沉淀,写出“煅烧”中发生反应的化学方程式  2NH 4VO3V2O5+H2O↑+2NH3↑   .【考点】P8:物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用.菁优网版权所有【专题】545:物质的分离提纯和鉴别.【分析】从废钒催化剂中回收 V2O5,由流程可知,“酸浸”时 V2O5转化为 VO2+,V2O4转成 VO2+.氧化铁、氧化铝均转化为金属阳离子,只有 SiO2不溶,则过滤得到的滤渣 1 为 SiO2,然后加氧化剂 KClO3,将 VO2+变为 VO2+,再加 KOH 时,铁离子、铝离子转化为 Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀,同时中和硫酸,过滤得到的滤渣 2 为 Fe(OH)3、Al(OH)3,“离子交换”和“洗脱”可简单表示为:4ROH+V4O124﹣R4V4O12+4OH﹣,由 ROH 为强碱性阴离子交换树脂可知,碱性条件下利用反应逆向移动,流出液中主要为硫酸钾,“沉钒”得到偏钒酸铵(NH4VO3)沉淀,“煅烧”时分解生成 V2O5,以此来解答.【解答】解:从废钒催化剂中回收 V2O5,由流程可知,“酸浸”时 V2O5转化为 VO2+,V2O4转成 VO2+.氧化铁、氧化铝均转化为金属阳离子,只有 SiO2不溶,则过滤得到的滤渣 1 为 SiO2,然后加氧化剂KClO3,将 VO2+变为 VO2+,再加 KOH 时,铁离子、铝离子转化为 Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀,同时中和硫酸,过滤得到的滤渣 2 为 Fe(OH)3、Al(OH)3,“离子交换”和“洗脱”可简单表示为:4ROH+V4O124﹣R4V4O12+4OH﹣,由 ROH 为强碱性阴离子交换树脂可知,碱性条件下利用反应正向移动,流出液中主要为硫酸钾,“沉钒”得到偏钒酸铵(NH4VO3)沉淀,“煅烧”时分解生成 V2O5,(1)“酸浸”时 V2O5转化为 VO2+,反应的离子方程式为 V2O5+2H+=2VO2++H2O,由上述分析可知滤渣 1 为SiO2,故答案为:V2O5+2H+=2VO2++H2O;SiO2;(2)“氧化”中欲使 3 mol 的 VO2+变为 VO2+,由电子守恒可知,则需要氧化剂 KClO3至少为=0.5mol,故答案为:0.5;(3)由上述流出分析可知滤渣 2 为 Fe(OH)3、Al(OH)3,故答案为:Fe(OH)3、Al(OH)3;(4)利用强碱性阴离子交换树脂可“离子交换”和“洗脱”,则应选择碱性条件下使用,且 OH﹣浓度大反应逆向移动提高洗脱效率,故答案为:碱;(5)由上述分析可知,流出液中主要为硫酸钾,则“流出液”中阳离子最多的是 K+,故答案为:K+;(6)“煅烧”中发生反应的化学方程式为 2NH4VO3V2O5+H2O↑+2NH3↑,故答案为:2NH4VO3V2O5+H2O↑+2NH3↑.【点评】本题考查混合物分离提纯的综合应用,为高频考点,把握流程中发生的反应、混合物分离及实验技能为解答的关键,侧重分析与实验能力的考查,注意元素化合物与实验相结合的训练,综合性较强,题目难度中等. 【[化学——选修 2:化学与技术】(15 分)11.(15 分)聚合硫酸铁(PFS)是水处理中重要的絮凝剂,如图是以回收废铁屑为原料制备 PFS 的一种工艺流程.回答下列问题(1)废铁屑主要为表面附有大量铁锈的铁,铁锈的主要成分为  Fe 2O3•xH2O   .粉碎过筛的目的是 选取细小颗粒,增大反应物接触面积,提高“酸浸”反应速率 .(2)酸浸时最合适的酸是 硫酸 ,写出铁锈与酸反应的离子方程式  Fe 2O3•xH2O+6H + =2Fe 3+ + ( x+3 ) H 2O   .(3)反应釜中加入氧化剂的作用是 氧化亚铁离子 ,下列氧化剂中最合适的是  C   (填标号).A.KMnO4 B.Cl2 C.H2O2 D.HNO3(4)聚合釜中溶液的 pH 必须控制在一定的范围内,pH 偏小时 Fe3+水解程度弱,pH 偏大时则 容易生 成 Fe ( OH ) 3,产率降低 .(5)相对于常压蒸发,减压蒸发的优点是 可以防止温度过高,聚合硫酸铁分解 .(6)盐基度 B 是衡量絮凝剂絮凝效果的重要指标,定义式为 B= (n 为物质的量).为测量样品的 B 值,取样品 m g,准确加入过量盐酸,充分反应,再加入煮沸后冷却的蒸馏水,以酚酞为指示剂,用 c mol•L﹣1的标准 NaOH 溶液进行中和滴定(部分操作略去,已排除铁离子干扰).到终点时消耗 NaOH 溶液 V mL.按上述步骤做空白对照试验,消耗 NaOH 溶液 V0 mL,已知该样品中 Fe 的质量分数 w,则 B 的表达式为   .【考点】RD:探究物质的组成或测量物质的含量.菁优网版权所有【专题】544:定量测定与误差分析.【分析】废铁屑粉粹过筛后加入酸浸,过滤得到滤液在反应釜中加入氧化剂氧化亚铁离子为铁离子,加入水和硫酸生成聚合硫酸铁,减压蒸发得到 PES 固体产品,(1)铁锈的主要成分是氧化铁水合物,粉碎过筛是选取细小颗粒,增大反应物接触面积,提高“酸浸”反应速率;(2)依据制备的物质聚合硫酸铁可知,酸化反应不能引入新的杂质,需要硫酸酸化,铁锈中氧化铁和酸反应生成铁离子和水;(3)反应釜中加入氧化剂的作用是氧化亚铁离子为铁离子,氧化剂不引入新的杂质;(4)铁离子易水解生成红褐色氢氧化铁胶体;(5)减压蒸发在较低温度下可进行,防止温度过高而导致物质分解;(6)B= (n 为物质的量),n(OH﹣)=(V0﹣V)×10﹣3×c mol•L﹣1,n(Fe)= =mol.【解答】解:(1)铁锈的主要成分是氧化铁水合物,化学式为:Fe2O3•xH2O,粉碎过筛是选取细小颗粒,增大反应物接触面积,提高“酸浸”反应速率,故答案为:Fe2O3•xH2O;选取细小颗粒,增大反应物接触面积,提高“酸浸”反应速率;(2)依据制备的物质聚合硫酸铁可知,酸化反应不能引入新的杂质,需要硫酸酸化,铁锈中氧化铁和酸反应生成铁离子和水,反应的离子方程式为:Fe2O3•xH2O+6H+=2Fe3++(x+3)H2O,故答案为:H2SO4;Fe2O3•xH2O+6H+=2Fe3++(x+3)H2O;(3)反应釜中加入氧化剂的作用是氧化亚铁离子为铁离子,氧化剂不引入新的杂质,A、B、D 都会引入新的杂质,C 中过氧化氢被还原生成水无杂质离子引入,故答案为:C;(4)铁离子易水解生成红褐色氢氧化铁胶体,聚合釜中溶液的 pH 必须控制在一定的范围内,pH 偏小时 Fe3+水解程度弱,pH 偏大时则容易生成 Fe(OH)3,产率降低,故答案为:容易生成 Fe(OH)3,产率降低;(5)减压蒸发在较低温度下可进行,防止常压蒸发温度过高聚合硫酸铁分解,故答案为:可以防止温度过高,聚合硫酸铁分解;(6)n(OH﹣)=(V0﹣V)×10﹣3×c mol•L﹣1,n(Fe)= = mol,B= (n 为物质的量)=3× = ,故答案为: .【点评】本题考查了物质组成探究、物质性质的分析、试剂选择和离子反应实质的理解应用,注意信息的分析,掌握基础是解题关键,题目难度中等. 【化学-选修 3:物质结构与性质】(15 分) 12.(15 分)砷化镓(GaAs)是优良的半导体材料,可用于制作微型激光器或太阳能电池的材料等.回答下列问题:(1)写出基态 As 原子的核外电子排布式  1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 3d 10 4s 2 4p 3   .(2)根据元素周期律,原子半径 Ga 大于 As,第一电离能 Ga 小于 As.(填“大于”或“小于”)(3)AsCl3分子的立体构型为 三角锥形 ,其中 As 的杂化轨道类型为  sp 3   .(4)GaF3的熔点高于 1000℃,GaCl3的熔点为 77.9℃,其原因是  GaF 3 为离子晶体, GaCl 3 为分子晶体 , 离子晶体的熔点高 .(5)GaAs 的熔点为 1238℃,密度为 ρ g•cm﹣3,其晶胞结构如图所示.该晶体的类型为 原子晶体 ,Ga 与 As 以 共价 键键合.Ga 和 As 的摩尔质量分别为 MGa g•mol﹣1和 MAs g•mol﹣1,原子半径分别为rGa pm 和 rAs pm,阿伏伽德罗常数值为 NA,则 GaAs 晶胞中原子的体积占晶胞体积的百分率为 ×100%   .【考点】86:原子核外电子排布;8B:元素电离能、电负性的含义及应用;9I:晶胞的计算;9S:原子轨道杂化方式及杂化类型判断.菁优网版权所有【专题】51D:化学键与晶体结构.【分析】(1)As 为Ⅴ A 族 33 号元素,电子排布式为:1s22s22p63s23p63d104s24p3;(2)同一周期,原子序数越小半径越大,同周期第一电离能从左到右,逐渐增大;(3)AsCl3中价层电子对个数=σ 键个数+孤电子对个数=3+ =4,所以原子杂化方式是 sp3,由于有一对孤对电子对,分子空间构型为三角锥形;(4)GaF3的熔点高于 1000℃,GaCl3的熔点为 77.9℃,其原因是 GaF3为离子晶体,GaCl3为分子晶体,离子晶体的熔点高;(5)GaAs 的熔点为 1238℃,熔点较高,以共价键结合形成属于原子晶体,密度为 ρ g•cm﹣3,根据均摊法计算,As: ,Ga:4×1=4,故其晶胞中原子所占的体积 V1=()×10﹣30,晶胞的体积 V2= = ,故 GaAs 晶胞中原子的体积占晶胞体积的百分率为 将 V1、V2带入计算得百分率=×100%.【解答】解:(1)As 为Ⅴ A 族 33 号元素,电子排布式为:1s22s22p63s23p63d104s24p3,故答案为:1s22s22p63s23p63d104s24p3;(2)根据元素周期律,Ga 与 As 位于同一周期,Ga 原子序数小于 As,故半径 Ga 大于 As,同周期第一电离能从左到右,逐渐增大,故第一电离能 Ga 小于 As,故答案为:大于;小于;(3)AsCl3中价层电子对个数=σ 键个数+孤电子对个数=3+ =4,所以原子杂化方式是 sp3,由于有一对孤对电子对,分子空间构型为三角锥形,故答案为:三角锥形;sp3; (4)GaF3的熔点高于 1000℃,GaCl3的熔点为 77.9℃,其原因是 GaF3为离子晶体,GaCl3为分子晶体,离子晶体的熔点高,故答案为:GaF3为离子晶体,GaCl3为分子晶体,离子晶体的熔点高;(5)GaAs 的熔点为 1238℃,熔点较高,以共价键结合形成属于原子晶体,密度为 ρ g•cm﹣3,根据均摊法计算,As: ,Ga:4×1=4,故其晶胞中原子所占的体积 V1=()×10﹣30,晶胞的体积 V2= = ,故 GaAs 晶胞中原子的体积占晶胞体积的百分率为 将 V1、V2带入计算得百分率=×100%,故答案为:原子晶体;共价; ×100%.【点评】本题考查了分子空间构型、电子排布式、原子杂化方式、晶胞密度的计算、电离能及半径大小比较等知识,综合性较强,最后的计算难度较大,要求学生有较严谨的态度和扎实的基础,也是对学生能力的考查. 四、【化学-选修 5:有机化学基础】(15 分)13.(15 分)端炔烃在催化剂存在下可发生偶联反应,成为 Glaser 反应.2R﹣C≡C﹣H R﹣C≡C﹣C≡C﹣R+H2该反应在研究新型发光材料、超分子化学等方面具有重要价值.下面是利用 Glaser 反应制备化合物 E的一种合成路线:回答下列问题:(1)B 的结构简式为   ,D 的化学名称为 苯乙炔 .(2)①和③的反应类型分别为 取代反应 、 消去反应 .(3)E 的结构简式为   .用 1mol E 合成 1,4﹣二苯基丁烷,理论上需要消耗氢气  4   mol.(4)化合物( )也可发生 Glaser 偶联反应生成聚合物,该聚合反应的化学方程式为  n + ( n﹣1 ) H 2 .(5)芳香化合物 F 是 C 的同分异构体,其分子中只有两种不同化学环境的氢,数目比为 3:1,写出其中 3 种的结构简式  任意三 种 .(6)写出用 2﹣苯基乙醇为原料(其他无机试剂任选)制备化合物 D 的合成路线  .【考点】HC:有机物的合成.菁优网版权所有【专题】534:有机物的化学性质及推断.【分析】由 B 的分子式、C 的结构简式可知 B 为 ,则 A 与氯乙烷发生取代反应生成 B,则A 为 .对比 C、D 的结构可知 C 脱去 2 分子 HCl,同时形成碳碳三键得到 D,该反应属于消去反应.D 发生信息中的偶联反应生成 E 为 .(6) 在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成 ,然后与溴发生加成反应生成 ,最后在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成 .【解答】解:由 B 的分子式、C 的结构简式可知 B 为 ,则 A 与氯乙烷发生取代反应生成B,则 A 为 .对比 C、D 的结构可知 C 脱去 2 分子 HCl,同时形成碳碳三键得到 D,该反应属于消去反应.D 发生信息中的偶联反应生成 E 为 .(1)B 的结构简式为 ,D 的化学名称为苯乙炔,故答案为: ;苯乙炔;(2)①和③的反应类型分别为取代反应、消去反应,故答案为:取代反应、消去反应;(3)E 的结构简式为 ,用 1mol E 合成 1,4﹣二苯基丁烷,碳碳三键与氢气发生加成反应,理论上需要消耗氢气 4mol,故答案为: ;4;(4)化合物( )也可发生 Glaser 偶联反应生成聚合物,该聚合反应的化学方程式为:n +(n﹣1)H2,故答案为:n +(n﹣1)H2;(5)芳香化合物 F 是 C 的同分异构体,其分子中只有两种不同化学环境的氢,数目比为 3:1,可能的 结构简式为: ,故答案为: 任意 3 种;(6) 在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成 ,然后与溴发生加成反应生成 ,最后在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成 ,合成路线流程图为: ,故答案为: .【点评】本题考查有机物的推断与合成、有机反应类型、限制条件同分异构体书写、对信息的获取与迁移运用等,是对有机化学基础的综合考查,是有机化学常考题型,熟练掌握官能团的性质与转化.  A.向 0.1mol•L﹣1 CH3COOH 溶液中加入少量水,溶液中 减小B.将 CH3COONa 溶液从 20℃升温至 30℃,溶液中 增大C.向盐酸中加入氨水至中性,溶液中 >1D.向 AgCl、AgBr 的饱和溶液中加入少量 AgNO3,溶液中 不变 二、解答题.8.过氧化钙微溶于水,溶于酸,可用作分析试剂、医用防腐剂、消毒剂.以下是一种制备过氧化钙的实验方法.回答下列问题:(一)碳酸钙的制备(1)步骤①加入氨水的目的是   .小火煮沸的作用是使沉淀颗粒长大,有利于   .(2)如图是某学生的过滤操作示意图,其操作不规范的是   (填标号).a.漏斗末端颈尖未紧靠烧杯壁b.玻璃棒用作引流c.将滤纸湿润,使其紧贴漏斗壁d.滤纸边缘高出漏斗e.用玻璃棒在漏斗中轻轻搅动以加快过滤速度(二)过氧化钙的制备(3)步骤②的具体操作为逐滴加入稀盐酸,至溶液中尚存有少量固体,此时溶液呈   性(填“酸”、“碱”或“中”).将溶液煮沸,趁热过滤,将溶液煮沸的作用是   .(4)步骤③中反应的化学方程式为   ,该反应需要在冰浴下进行,原因是   .(5)将过滤得到的白色结晶依次使用蒸馏水、乙醇洗涤,使用乙醇洗涤的目的是   .(6)制备过氧化钙的另一种方法是:将石灰石煅烧后,直接加入双氧水反应,过滤后可得到过氧化钙产品.该工艺方法的优点是   ,产品的缺点是   .9.煤燃烧排放的烟含有 SO2和 NOx,形成酸雨、污染大气,采用 NaClO2溶液作为吸收剂可同时对烟气进行脱硫、脱硝。回答下列问题:(1)NaClO2的化学名称为   。(2)在鼓泡反应器中通入含 SO2、NOx的烟气,反应温度 323K,NaClO2溶液浓度为 5×10﹣3mol•L﹣1.反应一段时间后溶液中离子浓度的分析结果如表。 离子 SO42﹣SO32﹣NO3﹣NO2﹣Cl﹣ c/(mol•L﹣1) 8.35×10﹣4 6.87×10﹣6 1.5×10﹣4 1.2×10﹣5 3.4×10﹣3①写出 NaClO2溶液脱硝过程中主要反应的离子方程式   。增加压强,NO 的转化率   (填“提高”、“不变”或“降低”)。②随着吸收反应的进行,吸收剂溶液的 pH 逐渐   (填“增大”、“不变”或“减小”)。③由实验结果可知,脱硫反应速率   脱硝反应速率(填“大于”或“小于”)原因是除了 SO2和NO 在烟气中初始浓度不同,还可能是   。(3)在不同温度下,NaClO2溶液脱硫、脱硝的反应中 SO2和 NO 的平衡分压 Pe如图所示。①由图分析可知,反应温度升高,脱硫、脱硝反应的平衡常数均   (填“增大”、“不变”或“减小”)。②反应 ClO2﹣+2SO32﹣═2SO42﹣+Cl﹣的平衡常数 K 表达式为   。(4)如果采用 NaClO、Ca(ClO)2替代 NaClO2,也能得到较好的烟气脱硫效果。①从化学平衡原理分析,Ca(ClO)2相比 NaClO 具有的优点是   。②已知下列反应:SO2(g)+2OH﹣(aq)═SO32﹣(aq)+H2O(l)△H1ClO﹣(aq)+SO32﹣(aq)═SO42﹣(aq)+Cl﹣(aq)△H2CaSO4(s)═Ca2+(aq)+SO42﹣(aq)△H3则反应 SO2(g)+Ca2+(aq)+ClO﹣(aq)+2OH﹣(aq)═CaSO4(s)+H2O(l)+Cl﹣(aq)的△H=  。10.以硅藻土为载体的五氧化二钒(V2O5)是接触法生产硫酸的催化剂.从废钒催化剂中回收 V2O5既避免污染环境又有利于资源综合利用.废钒催化剂的主要成分为:物质 V2O5V2O4K2SO4SiO2Fe2O3Al2O3质量分数/% 2.2~2.9 2.8~3.1 22~28 60~65 1~2 <1以下是一种废钒催化剂回收工艺路线:回答下列问题:(1)“酸浸”时 V2O5转化为 VO2+,反应的离子方程式为   ,同时 V2O4转成 VO2+.“废渣 1”的主要成分是   .(2)“氧化”中欲使 3 mol 的 VO2+变为 VO2+,则需要氧化剂 KClO3至少为   mol.(3)“中和”作用之一是使钒以 V4O124﹣形式存在于溶液中.“废渣 2”中含有   .(4)“离子交换”和“洗脱”可简单表示为:4ROH+V4O124﹣R4V4O12+4OH﹣(以 ROH 为强碱性阴离子交换树脂).为了提高洗脱效率,淋洗液应该呈   性(填“酸”“碱”“中”). (5)“流出液”中阳离子最多的是   .(6)“沉钒”得到偏钒酸铵(NH4VO3)沉淀,写出“煅烧”中发生反应的化学方程式   . 【[化学——选修 2:化学与技术】(15 分)11.(15 分)聚合硫酸铁(PFS)是水处理中重要的絮凝剂,如图是以回收废铁屑为原料制备 PFS 的一种工艺流程.回答下列问题(1)废铁屑主要为表面附有大量铁锈的铁,铁锈的主要成分为   .粉碎过筛的目的是   .(2)酸浸时最合适的酸是   ,写出铁锈与酸反应的离子方程式   .(3)反应釜中加入氧化剂的作用是   ,下列氧化剂中最合适的是   (填标号).A.KMnO4 B.Cl2 C.H2O2 D.HNO3(4)聚合釜中溶液的 pH 必须控制在一定的范围内,pH 偏小时 Fe3+水解程度弱,pH 偏大时则   .(5)相对于常压蒸发,减压蒸发的优点是   .(6)盐基度 B 是衡量絮凝剂絮凝效果的重要指标,定义式为 B= (n 为物质的量).为测量样品的 B 值,取样品 m g,准确加入过量盐酸,充分反应,再加入煮沸后冷却的蒸馏水,以酚酞为指示剂,用 c mol•L﹣1的标准 NaOH 溶液进行中和滴定(部分操作略去,已排除铁离子干扰).到终点时消耗 NaOH 溶液 V mL.按上述步骤做空白对照试验,消耗 NaOH 溶液 V0 mL,已知该样品中 Fe 的质量分数 w,则 B 的表达式为   .【化学-选修 3:物质结构与性质】(15 分)12.(15 分)砷化镓(GaAs)是优良的半导体材料,可用于制作微型激光器或太阳能电池的材料等.回答下列问题:(1)写出基态 As 原子的核外电子排布式   .(2)根据元素周期律,原子半径 Ga   As,第一电离能 Ga   As.(填“大于”或“小于”)(3)AsCl3分子的立体构型为   ,其中 As 的杂化轨道类型为   .(4)GaF3的熔点高于 1000℃,GaCl3的熔点为 77.9℃,其原因是   .(5)GaAs 的熔点为 1238℃,密度为 ρ g•cm﹣3,其晶胞结构如图所示.该晶体的类型为   ,Ga与 As 以   键键合.Ga 和 As 的摩尔质量分别为 MGa g•mol﹣1和 MAs g•mol﹣1,原子半径分别为 rGa pm 和 rAs pm,阿伏伽德罗常数值为 NA,则 GaAs 晶胞中原子的体积占晶胞体积的百分率为   . 四、【化学-选修 5:有机化学基础】(15 分)13.(15 分)端炔烃在催化剂存在下可发生偶联反应,成为 Glaser 反应.2R﹣C≡C﹣H R﹣C≡C﹣C≡C﹣R+H2该反应在研究新型发光材料、超分子化学等方面具有重要价值.下面是利用 Glaser 反应制备化合物 E的一种合成路线: 回答下列问题:(1)B 的结构简式为   ,D 的化学名称为   .(2)①和③的反应类型分别为   、   .(3)E 的结构简式为   .用 1mol E 合成 1,4﹣二苯基丁烷,理论上需要消耗氢气   mol.(4)化合物( )也可发生 Glaser 偶联反应生成聚合物,该聚合反应的化学方程式为   .(5)芳香化合物 F 是 C 的同分异构体,其分子中只有两种不同化学环境的氢,数目比为 3:1,写出其中 3 种的结构简式   .(6)写出用 2﹣苯基乙醇为原料(其他无机试剂任选)制备化合物 D 的合成路线   . 2016 年全国统一高考化学试卷(新课标Ⅲ)参考答案与试题解析 一、选择题.1.(3 分)化学在生活中有着广泛的应用,下列对应关系错误的是(  ) 选项 化学性质 实际应用A ClO2具有强氧化性 自来水消毒杀菌B SO2具有还原性 用作漂白剂C NaHCO3受热易分解并且生成气体 焙制糕点D Al(OH)3分解吸收大量热量并有 H2O生成阻燃剂A.A B.B C.C D.D【考点】EM:氯、溴、碘及其化合物的综合应用;F5:二氧化硫的化学性质;GF:钠的重要化合物;GK:镁、铝的重要化合物.菁优网版权所有【专题】52:元素及其化合物.【分析】A.具有强氧化性,可用于杀菌消毒;B.做漂白剂与漂白性有关;C.NaHCO3不稳定,与酸反应生成二氧化碳气体;D.氢氧化铝分解吸收热量。【解答】解:A.ClO2具有强氧化性,可使蛋白质变性,可用于杀菌消毒,故 A 正确;B.做漂白剂与漂白性有关,与还原性无关,故 B 错误;C.NaHCO3不稳定,与酸反应生成二氧化碳气体,可用于焙制糕点,故 C 正确;D.氢氧化铝分解吸收热量,可用于阻燃剂,故 D 正确。故选:B。【点评】本题考查物质的性质与应用,为高考常见题型和高频考点,侧重考查学生的双基的掌握,有利于培养学生良好的科学素养,难度不大。 2.(3 分)下列说法错误的是(  )A.乙烷光照下能与浓盐酸发生取代反应B.乙烯可以用作生产食品包装材料的原料C.乙醇室温下在水中的溶解度大于溴乙烷D.乙酸和甲酸甲酯互为同分异构体 【考点】HD:有机物的结构和性质.菁优网版权所有【专题】533:有机反应.【分析】A.乙烷与浓盐酸不反应;B.聚乙烯为食品包装材料;C.乙醇与水分子间含氢键,溴乙烷不含;D.乙酸和甲酸甲酯的分子式相同,结构不同。【解答】解:A.乙烷与浓盐酸不反应,光照下可与卤素单质发生取代反应,故 A 错误;B.聚乙烯为食品包装材料,乙烯可合成聚乙烯,故 B 正确;C.乙醇与水分子间含氢键,溴乙烷不含,则乙醇室温下在水中的溶解度大于溴乙烷,故 C 正确;D.乙酸和甲酸甲酯的分子式相同,结构不同,二者互为同分异构体,故 D 正确;故选:A。【点评】本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握官能团与性质的关系、有机反应为解答的关键,侧重分析与应用能力的考查,注意常见有机物的性质,题目难度不大。 3.(3 分)下列有关实验的操作正确的是(  ) 实验 操作 A 除去 NaHCO3固体中混有的 NH4Cl 直接将固体加热 B 实验室收集 Cu 与稀硝酸反应成的 NO向上排空气法收集 C 检验乙酸具有酸性 配制乙酸溶液,滴加 NaHCO3溶液有气泡产生 D 测定某稀硫酸的浓度 取 20.00ml 该稀硫酸于干净的锥形瓶中,用0.1000mol/L 的 NaOH 标准液进行滴定A.A B.B C.C D.D【考点】U5:化学实验方案的评价.菁优网版权所有【专题】25:实验评价题.【分析】A.碳酸氢钠热稳定性较弱,加热易分解生成碳酸钠、二氧化碳和水;B.NO 与空气中氧气反应,不能用排空气法收集;C.乙酸溶液中滴加 NaHCO3溶液有气泡产生,证明乙酸的酸性大于碳酸;D.该中和滴定实验中没有加入指示剂.【解答】解:A.由于碳酸氢钠加热易分解,不能利用加热的方法除去 NaHCO3固体中混有的 NH4Cl,故 A错误;B.NO 与氧气反应,应该用排水法收集,不能用排空气法收集,故 B 错误;C.配制乙酸溶液,滴加 NaHCO3溶液有气泡产生,证明乙酸的酸性大于碳酸,碳酸具有酸性,则证明乙酸具有酸性,故 C 正确;D.稀硫酸与 NaOH 溶液的反应没有明显现象,需要滴入指示剂,否则无法完成实验,故 D 错误;故选:C。【点评】本题考查了化学实验方案的评价,题目难度不大,涉及物质分离与提纯、气体收集方法、中和滴定等知识,明确常见化学实验基本操作方法为解答关键,试题培养了学生的分析能力及化学实验能力. 4.(3 分)已知异丙苯的结构简式如图,下列说法错误的是(  )A.异丙苯的分子式为 C9H12B.异丙苯的沸点比苯高C.异丙苯中碳原子可能都处于同一平面 D.异丙苯和苯为同系物【考点】HD:有机物的结构和性质.菁优网版权所有【专题】534:有机物的化学性质及推断.【分析】A.由有机物结构简式可知有机物的分子式为 C9H12;B.异丙苯和苯均为分子晶体,相对分子质量越大,分子间作用力越强,沸点越高;C.苯环为平面结构,与苯环直接相连的 C 在同一平面内,四面体 C 最多三原子共平面;D.异丙苯和苯的结构相似,分子组成上相差 3 个 CH2原子团,互为同系物.【解答】解:A.由有机物结构简式可知有机物的分子式为 C9H12,故 A 正确;B.异丙苯和苯均为分子晶体,异丙苯的相对分子质量比苯大,故分子间作用力强与苯,沸点比苯高,故 B 正确;C.苯环为平面结构,但侧链中存在四面体结构,故 C 错误;D.异丙苯和苯的结构相似,分子组成上相差 3 个 CH2原子团,互为同系物,故 D 正确。故选:C。【点评】本题考查有机物的结构和性质,为高考常见题型,侧重于学生的分析能力的考查,注意把握有机物的结构和官能团的性质,注意四面体碳最多 3 原子共平面,难度不大. 5.(3 分)锌﹣空气燃料电池可用作电动车动力电源,电池的电解质溶液为 KOH 溶液,反应为2Zn+O2+4OH﹣+2H2O═2Zn(OH)42﹣.下列说法正确的是(  )A.充电时,电解质溶液中 K+向阳极移动B.充电时,电解质溶液中 c(OH﹣)逐渐减小C.放电时,负极反应为:Zn+4OH﹣﹣2e﹣═Zn(OH)42﹣D.放电时,电路中通过 2mol 电子,消耗氧气 22.4L(标准状况)【考点】BH:原电池和电解池的工作原理.菁优网版权所有【专题】51I:电化学专题.【分析】根据 2Zn+O2+4OH﹣+2H2O═2Zn(OH)42﹣可知,O2中元素的化合价降低,被还原,应为原电池正极,Zn 元素化合价升高,被氧化,应为原电池负极,电极反应式为 Zn+4OH﹣﹣2e﹣═Zn(OH)42﹣,充电时阳离子向阴极移动,以此解答该题。【解答】解:A.充电时阳离子向阴极移动,故 A 错误;B.充电时,电池反应为 Zn(OH)42﹣+2e﹣═Zn+4OH﹣,电解质溶液中 c(OH﹣)逐渐增大,故 B 错误;C.放电时,负极反应式为 Zn+4OH﹣﹣2e﹣═Zn(OH)42﹣,故 C 正确;D.放电时,每消耗标况下 22.4L 氧气,转移电子 4mol,故 D 错误。故选:C。【点评】本题考查原电池与电解池的基础知识,正确判断正负极、阴阳极,注意电极反应式的书写及电子转移的计算,正确判断化合价的变化为解答该题的关键,题目难度中等。 6.(3 分)四种短周期主族元素 W、X、Y、Z 的原子序数依次增大,W、X 的简单离子具有相同电子层结构,X 的原子半径是短周期主族元素原子中最大的,W 与 Y 同族,Z 与 X 形成的离子化合物的水溶液呈中性.下列说法正确的是(  )A.W 与 X 形成的化合物溶于水后溶液呈碱性B.简单离子半径:W<X<ZC.气态氢化物的热稳定性:W<YD.最高价氧化物的水化物的酸性:Y>Z【考点】8F:原子结构与元素周期律的关系.菁优网版权所有【专题】51C:元素周期律与元素周期表专题.【分析】四种短周期主族元素 W、X、Y、Z 的原子序数依次增大,X 的原子半径是短周期主族元素原子中最大的,则 X 为 Na.由原子序数可知,Y、Z 处于第三周期,而 Z 与 X(钠)形成的离子化合物的水溶液呈中性,则 Z 为 Cl.W、X 的简单离子具有相同电子层结构,且 W 与 Y 同族,W 在第二周期且是非金属元素,W 可能是氮(或)氧,则对应的 Y 为磷(或硫).【解答】解:四种短周期主族元素 W、X、Y、Z 的原子序数依次增大,X 的原子半径是短周期主族元素原子中最大的,则 X 为 Na.由原子序数可知,Y、Z 处于第三周期,而 Z 与 X(钠)形成的离子化合 物的水溶液呈中性,则 Z 为 Cl.W、X 的简单离子具有相同电子层结构,且 W 与 Y 同族,W 在第二周期且是非金属元素,W 可能是氮(或)氧,则对应的 Y 为磷(或硫)。A.W 可能是氮或氧,与钠形成的化合物可能是氮化钠,氧化钠,过氧化钠,它们与水反应都能生成氢氧化钠使溶液呈碱性,故 A 正确;B.X 离子(Na+)、W 离子的电子层为 2 层,Z 离子(Cl﹣)电子层为 3 层,电子层结构相同,核电荷数越大离子半径越小,离子电子层越多离子半径越大,故简单离子半径大小顺序是:X<W<Z,故 B 错误;C.W 与 Y 处于同于主族,从上到下非金属性逐渐减弱,气态氢化物的热稳定性:W>Y,故 C 错误;D.Y 与 Z 处于同同期,从左到右非金属性逐渐增强,最高价氧化物的水化物的酸性:Z>Y,故 D 错误。故选:A。【点评】本题考查结构性质位置关系应用,侧重对元素周期律的考查,正确推断各元素为解答关键,注意元素的不确定性,试题培养了学生的分析能力及灵活应用能力. 7.(3 分)下列有关电解质溶液的说法正确的是(  )A.向 0.1mol•L﹣1 CH3COOH 溶液中加入少量水,溶液中 减小B.将 CH3COONa 溶液从 20℃升温至 30℃,溶液中 增大C.向盐酸中加入氨水至中性,溶液中 >1D.向 AgCl、AgBr 的饱和溶液中加入少量 AgNO3,溶液中 不变【考点】D5:弱电解质在水溶液中的电离平衡;DO:酸碱混合时的定性判断及有关 ph 的计算.菁优网版权所有【专题】51G:电离平衡与溶液的 pH 专题.【分析】A.加水促进电离,则 n(H+)增大,c(CH3COOH)减小;B.从 20℃升温至 30℃,促进水解,Kh 增大;C.向盐酸中加入氨水至中性,则 c(H+)=c(OH﹣),结合电荷守恒分析;D.向 AgCl、AgBr 的饱和溶液中加入少量 AgNO3,c(Ag+)相同, = .【解答】解:A.Ka= ,加水虽然促进电离,n(CH3COO﹣)增大,但 c(CH3COO﹣)减小,Ka保持不变,则溶液中 增大,故 A 错误;B.从 20℃升温至 30℃,促进水解,Kh增大,则溶液中 = 减小,故 B 错误;C.向盐酸中加入氨水至中性,则 c(H+)=c(OH﹣),由电荷守恒可知,溶液中 =1,故 C 错误;D.向 AgCl、AgBr 的饱和溶液中加入少量 AgNO3,c(Ag+)相同, = ,Ksp只与温度有 关,而温度不变,则溶液中 不变,故 D 正确;故选:D。【点评】本题考查酸碱混合及弱电解质的电离,为高频考点,把握电离平衡、溶解平衡及酸碱混合定性分析等为解答的关键,侧重分析与应用能力的考查,注意平衡常数的应用及电荷守恒应用,题目难度中等. 二、解答题.8.过氧化钙微溶于水,溶于酸,可用作分析试剂、医用防腐剂、消毒剂.以下是一种制备过氧化钙的实验方法.回答下列问题:(一)碳酸钙的制备(1)步骤①加入氨水的目的是 调节溶液 pH 使 Fe ( OH ) 3 沉淀 .小火煮沸的作用是使沉淀颗粒长大,有利于 过滤分离 .(2)如图是某学生的过滤操作示意图,其操作不规范的是  ade   (填标号).a.漏斗末端颈尖未紧靠烧杯壁b.玻璃棒用作引流c.将滤纸湿润,使其紧贴漏斗壁d.滤纸边缘高出漏斗e.用玻璃棒在漏斗中轻轻搅动以加快过滤速度(二)过氧化钙的制备(3)步骤②的具体操作为逐滴加入稀盐酸,至溶液中尚存有少量固体,此时溶液呈 酸 性(填“酸”、“碱”或“中”).将溶液煮沸,趁热过滤,将溶液煮沸的作用是 除去溶液中溶解的二氧化碳 .(4)步骤③中反应的化学方程式为  CaCl 2+2NH3. H 2O+H2O2+6H2O=CaO2•8H2O↓+2NH4Cl   ,该反应需要在冰浴下进行,原因是 温度过高时双氧水易分解 .(5)将过滤得到的白色结晶依次使用蒸馏水、乙醇洗涤,使用乙醇洗涤的目的是 去除晶体表面水分.(6)制备过氧化钙的另一种方法是:将石灰石煅烧后,直接加入双氧水反应,过滤后可得到过氧化钙产品.该工艺方法的优点是 工艺简单、操作方便 ,产品的缺点是 纯度较低 .【考点】U3:制备实验方案的设计.菁优网版权所有【专题】548:制备实验综合.【分析】(一)碳酸钙的制备由流程可知,加盐酸,碳酸钙、铁的氧化物均溶解,加双氧水可氧化亚铁离子,加氨水将铁离子转化为沉淀,过滤后的滤液中含盐酸,加氨水中和酸,利用得到碳酸钙沉淀;(1)碱可中和酸,小火煮沸利于沉淀生成;
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