高三物理期末试卷带答案姓名：___________班级：___________考号：___________题号 一 二 三 四 五 六 总分得分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上评卷人 得分一、选择题1.将一个质量为 1kg 的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反。该过程的 v-t 图象如图所示,g取 10m／s2。下列说法中正确的是（）A．小球上升与下落所用时间之比为 2 3∶B．小球下落过程，处于失重状态C．小球上升过程中克服阻力做功 48 JD．小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失2.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面 AB 上均匀分布正电荷，总电荷量为 q，球面半径为 R，CD 为通过半球顶点与球心 O 的轴线，在轴线上有 M、N 两点，OM=ON=2R．已知 M 点的场强大小为 E，则 N 点的场强大小为A． B． C． D．3.下列所给的图像中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（）4.土星的卫星很多，现已发现数十颗，这些卫星的运动可视为绕土星的匀速圆周运动。下表是有关土卫五和土卫六两颗卫星的一些参数。下列说法正确的是 参考答案1 .BC【解析】试题分析：取向上为正方向，由图像可知：上升过程中的加速度，由牛顿第二定律知： ，解得：；下落过程中，由牛顿第二定律可知：，解得： (负号表示竖直向下)．上升的高度 ，下落的高度 ，解得(负号表示竖直向下)，所以下落时间 ，由此可判断选项 A 错误；不论小球上升还是下降，均处于失重状态，故选项 B正确；上升过程中，由动能定理知 ，解得 ，故选项 C 正确；小球损失的机械能等于克服阻力做的功，由于上升过程中和下降过程中阻力及其路程不变，所以损失的机械能相等，故选项 D错误．考点：本题综合考查了牛顿运动定律和运动学规律及动能定理在自由落体运动中的应用．2 .B【解析】若将带电量为 2q 的球面放在 O 处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．则在 M 点所产生的电场为 E= = ，而将右侧去掉只剩左侧，M 处的场强为 E，说明右侧去掉部分在 M 处产生的场强为 E =′ ，根据对称性，左侧没去掉部分在右侧 N 点产生的场强也为 ，B 正确。3 .ACD【解析】略4 .BD【解析】试题分析：设土星的质量为 M，由卫星速度公式 ，公转半径越大，卫星的线速度越小，则土卫六的公转线速度小．故 A 错误；由卫星周期公式 ，半径越大，周期越大，所以土卫五的公转周期小．故 B 正确；根据 ，解得 ，土卫五表面的重力加速度：；土卫六表面的重力加速度：，则土卫五表面的重力加速度比土卫六的小，选项 C 错误；土星对土卫五的万有引力大小为，土星对土卫六的万有引力大小为 ，则土星对土卫五的万有引力约为其对土卫六万有引力的 1/10 倍，故 D 正确．故选 BD.考点：万有引力定律的应用.5 .B【解析】先假设 B 物体是固定的,A 将做简谐运动,其平衡位置弹簧被压缩的长度为 Δx= 其振幅为 ,则 A 运动到最高点时,弹簧的伸长量为 Δx=′ 而此时弹簧上的拉力为最大:F=kΔx =25′ N,仍小于物体 B 的重力,故物块 B 不可能离开水平面,B 选项正确.6 .D【解析】由题意知，过 C 点的切面是圆周上离 P 最远的等势面，半径 OC与等势面垂直，E 的方向为由 O 指向 C，OC 与 CP 间的夹角为 θ=30°，。7 .BD【解析】由图乙知 T=2×10-2 s，f="50" Hz，ω="2πf=100π" rad/s，，故 iR="1.41cos" 100πt（A），故 A 错误；通过 R 的电流的有效值 ，再根据 知， ，故 B 正确，C 错误；压表读数应为副线圈两端电压的有效值，即U2=I2R=1×10=10V；V，故 D 正确．故选：BD.8 .BC【解析】试题分析：根据万有引力定律 可知，质量分布均匀的球体间的引力距离 r 等于两球心间的距离，而 为同步卫星距地面的高度，故 A错误；计算卫星与地球间的引力，r 应为卫星到地球球心间的距离也就是卫星运行轨道半径 r，故 B 选项正确；根据几何关系可知，两同步卫星间的距离 ，故两卫星间的引力大小为 ，故 C 正确；卫星对地球的引力均沿卫星地球间的连线向外，由于三颗卫星质量大小相等，对地球的引力大小相等，又因为三颗卫星等间隔分布，根据几何关系可知，地球受到三个卫星的引力大小相等方向成 120°角，所以合力为 0，故 D 错误．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．9 .B【解析】试题分析：电荷量为 q 的点电荷在 b 处产生电场强度为 ，因 b 点处的场强为零，故圆盘在 b 处的电场强度为 ，则圆盘在 d 处的电场强度也为 ，而电荷量为 q 的点电荷在 d 处产生电场强度为 ，电荷 q 和圆盘在 d 处产生电场强度方向相同，d 处场强即为两者大小相加，故在 d 处的场强为 ，故本题选择 B。考点：电场强度电场的叠加10 .B【解析】NA＝ ＝ ，NA＝ ，所以 m＝ ，B 选项正确．11 .ABD【解析】线框进入磁场中，受到的安培力方向向左，做减速运动，随着速度的减小，安培力也减小，故做匀加速直线运动，当线圈完全进入磁场到右边的框边出磁场的过程中，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，做匀速直线运动，当线框开始运动出磁场的过程中，受到的安培力方向向左，仍做减速运动，随速度的减小，安培力减小，故也做变加速直线运动，A 正确；根据 可知进入磁场和滑出磁场的过程中穿过线框的磁通量的变化量相同，线框的电阻不变，所以两个过程中通过线框横截面的电荷量相同，B 正确；进入磁场过程有： ，又 ，则得 ，离开磁场过程有： ，又，则得 ，则得 ，即线圈速度的变化量相同，C 错误；线圈在进磁场或出磁场某一位置的加速度 ，则在很短时间内速度的变化量 ， ，解得，知进磁场和出磁场速度的变化量大小相等．设进磁场的速度为 v，则完全进磁场的速度为 ，完全出磁场的速度为 0．根据能量守恒定律得， ，所以 ，故D 正确，【点睛】解决本题的难点在于通过微分的思想得出线圈进磁场和出磁场过程中速度变化量大小相等．然后通过能量守恒进行求解．12 .AC【解析】从图中可知物体在竖直方向上做竖直上抛运动，在水平方向上做初速度不为零的匀加速直线运动，故到 B 点合外力做正功，物体在 B点的速度 大于 ，A 正确；由于合运动和分运动具有等时性，根据竖直上抛运动的对称性可知物体从 O 到 A 时间等于从 A 到 B 时间，B 错误；物体受到竖直向下的重力，水平向右的恒力，故合力在 O 点指向第四象限，C 正确；只有在只受重力作用下， ，由于水平方向上合力不为零，故两者不可能相等，D 错误．13 .ACD【解析】电子束通过双缝实验后可以形成干涉图样，可以说明电子是一种波，故 A 正确；β 射线在云室中穿过会留下清晰的径迹，可以说明 β 射线是一种粒子，故 B 错误；人们利慢中子衍射来研究晶体的结构，中子 衍射说明中子是一种波，故 C 正确；人们利用电子显微镜观测物质的微观结构，利用了电子的干涉现象，说明电子是一种波，故 D 正确；光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，说明光是一种粒子，故 E 错误。【考点定位】波粒二象性；光电效应【方法技巧】本题主要是波粒二象性的理解，干涉和衍射是波特有的现象，而光电效应是粒子性的典型表现。最好能记住相关结论。14 .BC【解析】0-1s 内：根据牛顿第二定律得： ，1s 末的速度为：v1=at=2×1=2m/s，1-3s 内物体的加速度为：，方向向左物体做减速运动，根据 v =′ v1-a′t=2-1×2=0，可知减速到 3s 末正好速度为零，由此可得：0～3s 时间内物体一直向右运动，故 A 错误，B 正确；物体在第 1s 末的速度最大，C 正确；物体在第 3s 末的速度为零且最小，故 D 错误。所以 BC 正确，AD 错误。15 .ABC【解析】试题分析：普朗克把最小的能量单位叫做能量子，所以 A 选项是正确的；德布罗意提出实物粒子也具有波动性，所以 B 选项是正确的；光子到达频率高的区域就是光亮区，所以 C 选项是正确的；在康普顿效应中，光子动量减小，据 可知波长变大，康普顿效应揭示了光的粒子性，故D 错误；X 射线是处于激发态的原子内层电子受激辐射出的故 E 错误；考点：考查了光的干涉；物质波；原子核衰变【名师点睛】普朗克提出能量量子化，能量都是能量子 ε 的整数倍；关系式 和 中，能量与动量体现粒子性，而频率与波长体现波动性；干涉现象中，亮条纹部分是光子到达几率大；而暗条纹则是光子到达几率小，康普顿效应中，一部分动量转移给电子，光子散射后波长变长；对于半衰期不会受到环境因素的影响，从而即可求解．16 .① 电压；②欧姆；③小灯泡断路。【解析】试题分析：①在连接点 1、2 已接好的情况下，电源已经连接，故应当选用多用电表的电压挡，进行检查；② 在连接点 1、2 同时断开的情况下，应当选用多用电表的欧姆挡，进行检查；③ 在开关闭合情况下，若测得 3、4 两点间的电压接近电源的电动势，则表明小灯泡断路。考点：电路故障分析.17 .BCD【解析】 试题分析：电子的衍射现象说明实物粒子也具有波动性，故 A 错误；粒子散射实验中少数 粒子发生较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据，故 B 正确；根据三种射线的特点可知，在 这三种射线中， 射线的穿透能力最强， 射线的电离能力最强，故 C 正确；根据光电效应发生的条件可知，当入射光的频率低于截止频率时则不会发生光电效应，故 D 正确；放射性元素的半衰期与元素的物理状态以及化学状态无关，故 E 错误。考点：α 射线、β 射线、γ 射线及其特性【名师点睛】明确各种物理现象的实质和原理才能顺利解决此类题目，故平时学习时要“知其然，更要知其所以然”。18 .(1)C；E；G(2)外接【解析】试题分析：（1）根据铭牌可得该电热器的额定电流为 ，故电流表选 C，滑动变阻器选 G，额定电压为 12V，所以电压表选 E，（2）电热器的电阻为 ，所以 ，故采用电流表的外接法考点：考查了测量电功率实验【名师点睛】本题需要根据电热器的铭牌判断电流，电压，从而选择题正确的电流表和电压表，在判断电流表是内接还是外接时，需要根据和 的关系判断，如果 在采用电流表的外接法，如果 则采用电流表的内接法19 .D【解析】选 D.由于从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v，切割磁感线产生感应电流同时受到磁场的安培力 F＝ ，又 R＝ρ (ρ 为材料的电阻率，l 为线圈的边长)，所以安培力 F＝ ，此时加速度 a＝g－ ，且 m＝ρ0S·4l(ρ0为材料的密度)，所以加速度 a＝g－ 是定值，线圈Ⅰ和Ⅱ同步运动，落地速度相等 v1＝v2.由能量守恒可得：Q＝mg(h＋H)－ mv2(H 是磁场区域的高度)，Ⅰ为细导线，m 小，产生的热量小，所以 Q1< Q2.正确选项为 D.20 .52cm；5【解析】试题分析：B 波传到横坐标位置 x=18m 的质点处需时间 6s，此后 B 波向左传播 10s 的时间内，传播的距离为 10m，即 2.5T，此时间内 x=18m 的质点通过的路程为 2.5×4A2=40cm；此时刻 A 波传到 x=18m 的质点，此时此质点的振动减弱，故在 2s 内，此质点的路程为 2(A2-A1)=4cm；在以后剩下的 2s 内，波 B 在 x=18m 的质点的位移为 2A2=8cm；故在 t＝0 到 t＝20s 内横坐标位置 x=18m 的质点通过的路程为 40cm+4cm+8cm=52cm；经 过 12s 两波第一次波峰相遇，然后每经过 2 秒相遇一次，故在这 20s 时间内 A 波波峰与 B 波波峰相遇的次数为 5 次。考点：机械波的传播21 .（1）①等间距⑥线性（2）（ⅰ）远小于小车和砝码的总质量（ⅱ） ，24.2，47.3，1.16 （ⅲ）【解析】试题分析：（1）①当平衡了摩擦力后小车的合力为 0，给小车一个初速度后，小车做匀速运动，所以打下的点迹是等间距的。⑥据牛顿第二定律 F=ma 可得， ，当 F 一定是， 与 m 成正比，所以它们的关系是呈线性变化的。（2）ⅰ设吊盘和吊盘中砝码质量之和为 m，小车的总质量为 M，则有：mg=（M+m）a， ，当 M>>m 时，a=。ⅱ应用逐差法可得：s3-s1=2aT2=2a(5Δt)2,所以有 a= ，读数分别是 24.2、47.3mm，加速度大小求得：a=1.16m/s2。ⅲ据该图像中斜率 k=,所以 F= ；图线与纵轴的截距为 b，则有 即 ，所以 。考点：本题考查验证牛顿第二定律中 a 与 m 的关系。22 .1.48 0.65～0.70 DG 或 DF 【解析】（1）由 U-I 图像的截距等于电动势可知 E=1.48V；斜率等于内阻，则 ；（2）可采用电阻箱与电流表串联或者与电压表并联测电动势和内阻，即除了器材 AB 外，还需要图中的 DG 或 DF；（3）图线如图；23 .① 垂直 AB 边射出②【解析】试题分析：①如图所示，i1＝60°，设玻璃对空气的临界角为C， 则 　， C＝45°i1>45°，发生全反射i2＝i1－30°＝30°<C，由折射定律有：所以 γ＝45°．在 BC 边上反射的光线由几何关系可知将垂直 AB 边射出。② 三棱镜中光速从 BC 边射出的光线所用的时间： ．从 AB 边射出的光线所用的时间：考点：光的折射定律；全反射【名师点睛】本题是几何光学问题，做这类题目，一般首先要正确画出光路图，当光线从介质射入空气时要考虑能否发生全反射，要能灵活运用几何知识帮助分析角的大小。24 .（1）20m/s，（2）40m，（3）52．5m【解析】试题分析: （1）受力分析如图所示将 G 和 F 分解，有FN=Fsinα+mgcosα=20×0．6+10×0．8=20NFcosα μFNmgsinα=ma1得：a1=5m/s24S 末物体的速度为 v1=a1t1="20m/s" 2 分（2）由 得 4s 末物体的位移为 x=40m 　． 2 分（3）撤去 F 后，物体减速运动的加速度大小为 a2 则a2=gsinα+μgcosα=8m/s21 分撤去 F 后物体向上匀减速运动，到达最高点用时为 t3,则 1 分向上运动的位移为 1 分而后向下匀加速运动 t3="5" t2=2．5s 经过 B 点加速度 a3=" gsinα" gcosα=4m/s2, 1 分向下运动的位移为 x3= =12．5m 1 分AB 之间的距离为 =52．5m 1 分考点：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式熟练应用。25 .(1) D (2) A【解析】(1)A、金属的逸出功是由金属自身决定的，与入射光频率无关，其大小 W=hγ，故 A 错误．B、根据爱因斯坦光电效应方程 Ekm=hν-W，可知光电子的最大初动能Ekm与入射光的强度无关，但入射光越强，光电流越大，只要入射光的频率不变，则光电子的最大初动能不变．故 B 错误．C、要有光电子逸出，则光电子的最大初动能 Ekm＞0，即只有入射光的频率大于金属的极限频率即 γ＞γ0时才会有光电子逸出．故 C 错误．D 根据爱因斯坦光电效应方程 Ekm=hν-W，可知 =h，故 D 正确．(2)AB 两球在水平方向上合外力为零，A 球和 B 球碰撞的过程中动量守恒，设 AB 两球碰撞后的速度分别为 V1、V2，选 A 原来的运动方向为正方向，由动量守恒定律有mv=-mv1+2mv2…①假设碰后 A 球静止，即 v1=0，可得 v2=0.5v由题意知球 A 被反弹，∴球 B 的速度有 v2＞0.5v…②AB 两球碰撞过程能量可能有损失，由能量关系有 mv2≥ mv12+ mv22…③①③ 两式联立得：v2≤ v…④ 由②④两式可得：0.5v＜v2≤ v符合条件的只有 0.6v，所以选项 A 正确，BCD 错误 A．土卫五的公转速度比土卫六的小B．土卫五的公转周期比土卫六的小C．土卫五表面的重力加速度比土卫六的大D．土星对土卫五的万有引力约为其对土卫六万有引力的 1/10 倍5.如图所示,质量分别为 mA=2 kg 和 mB=3 kg 的 A､B 两物块,用劲度系数为k 的轻弹簧相连后竖直放在水平面上,今用大小为 F=45 N 的力把物块 A 向下压而使之处于静止,突然撤去压力,则( )A．物块 B 有可能离开水平面B．物块 B 不可能离开水平面C．只要 k 足够小,物块 B 就可能离开水平面D．只要 k 足够大,物块 B 就可能离开水平面6.在光滑绝缘的水平面上，存在一个水平方向的匀强电场，电场强度大小为 E，在该电场中一个半径为 R 的圆周，其中 PQ 为直径，C 为圆周上的一点，在 O 点将一带正电的小球以相同的初速率向各个方向水平射出时，小球可以到达圆周的任何点，但小球到达 C 点时的速度最大，已知PQ 与 PC 间的夹角为 θ=30°，则关于该电场强度 E 的方向及 PC 间的电势差大小说法正确的是（）A．E 的方向为由 P 指向 Q，B．E 的方向为由 Q 指向 C，C．E 的方向为由 P 指向 C，D．E 的方向为由 O 指向 C，7.一理想变压器与电阻 R，交流电压表 V，电流表 A 按下图甲所示方式连接，R=10Ω，变压器的匝数比为 ．图乙是 R 两端电压 U 随时间变化的图象，Um=10 V．下列说法中正确的是（　　） A．通过 R 的电流 iR= cos50πtAB．电流表 A 的读数为 0.1AC．电流表 A 的读数为D．电压表 U 的读数为 10V8.如图所示，三颗质量均为 m 的地球同步卫星等间隔分布在半径为 r 的圆轨道上，设地球质量为 M、半径为 R.下列说法正确的是（　　）A．地球对一颗卫星的引力大小为B．一颗卫星对地球的引力大小为C．两颗卫星之间的引力大小为D．三颗卫星对地球引力的合力大小为9.如图，一半径为 R 的圆盘上均匀分布着电荷量为 Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心 c 的轴线上有 a、b、d 三个点，a 和 b、b 和 c、c 和 d 间的距离均为 R，在 a 点处有一电荷量为 q (q>0)的固定点电荷.已知 b 点处的场强为零，则 d 点处场强的大小为( )(k 为静电力常量)A．k B．k C．k D．k10.若以 μ 表示水的摩尔质量，v 表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，ρ为在标准状态下水蒸气的密度，NA为阿伏加德罗常数，m、Δ 分别表示每个水分子的质量和体积，下面四个关系式，其中正确的是(　 　 )①NA＝ 　 ② ρ＝ 　 ③ m＝ 　 ④ Δ＝A ① ②． 和B ① ③． 和C ③ ④． 和D ① ④． 和评卷人 得分二、多选题 11.在光滑的水平面上，有一竖直向下的匀强磁场，分布在宽度为 L 的区域内，现有一边长为 d（d<L）的正方形闭合线框以垂直于磁场边界的初速度 v0滑过磁场，线框刚好能穿过磁场，下列说法正确的是A．线圈在滑进磁场的过程与滑出磁场的过程均做变加速直线运动B．线圈在滑进磁场的过程中与滑出磁场的过程中通过线框横截面的电荷量相同C．线圈在滑进磁场的过程中速度的变化量与滑出磁场的过程中速度的变化量不同D．线圈在滑进磁场的过程中产生的热量 Q1与滑出磁场的过程中产生的热量 Q2之比为 3:112.将一物体由坐标原点 O 以初速度 v0抛出，在恒力作用下轨迹如图所示，A 为轨迹最高点，B 为轨迹与水平 x 轴交点，假设物体到 B 点时速度为vB，v0与 x 轴夹角为 ，vB与 x 轴夹角为 ，已知 OA 水平距离 x1大于AB 水平距离 x2，则A．物体在 B 点的速度 vB大于 v0B．物体从 O 到 A 时间大于从 A 到 B 时间C．物体在 O 点所受合力方向指向第四象限D． 可能等于13.（5 分）实物粒子和光都具有波粒二象性，下列事实中突出体现波动性的是。（填正确答案标号，选对 1 个给 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分，每选错 1 个扣 3 分，最低得分 0 分）E．光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关A．电子束通过双缝实验后可以形成干涉图样B．β 射线在云室中穿过会留下清晰的径迹C．人们利慢中子衍射来研究晶体的结构D．人们利用电子显微镜观测物质的微观结构14.质量为 1kg 的物体静止在光滑水平面上，某时刻受到水平拉力 F 的作用（F－t 图像如图所示），若在第 1 s 内物体受到的拉力 F 向右，关于物体在 0～3 s 时间内的运动情况，下列说法正确的是 A．0～3 s 时间内物体先向右运动，再向左运动B．0～3 s 时间内物体始终向右运动C．物体在第 1 s 末的速度最大D．物体在第 3 s 末的速度最大15.下列说法正确的是_____________A．普朗克曾经大胆假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值 的整数倍，这个不可再分的最小能量值 也叫做能量子B．德布罗意提出：实物粒子也具有波动性，而且粒子的能量 和动量 P跟它对应的波的频率 和波长 之间，遵从 和C．光的干涉现象中，干涉亮条纹部分是光子到达几率大的地方D．光电效应揭示了光具有粒子性，康普顿效应揭示了光具有波动性E．X 射线是处于激发态的原子核辐射出的评卷人 得分三、填空题16.如图所示的电路中，1、2、3、4、5、6 为连接点的标号。在开关闭合后，发现小灯泡不亮。现用多用电表检查电路故障，需要检测的有：电源、开关、小灯泡、3 根导线以及电路中的各连接点。为了检测小灯泡、开关以及 3 根导线：① 在连接点 1、2 已接好的情况下，应当选用多用电表的挡，进行检查；② 在连接点 1、2 同时断开的情况下，应当选用多用电表的挡，进行检查；③ 在开关闭合情况下，若测得 3、4 两点间的电压接近电源的电动势，则表明。17.对下列各项叙述正确的是。A．实物粒子只具有粒子性，没有波动性，光子具有波粒二象形B．α 粒子散射实验中少数 α 粒子发生较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据C．在 α、β、γ 这三种射线中，γ 射线的穿透能力最强，α 射线的电离能力最强D．当入射光的频率低于截止频率时不会发生光电效应E．若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减小18.某同学在实验室中测量某汽车电热器的电功率，此电热器的铭牌上标有“12V，6W”字样，实验室备有下列器材： A．输出电压为 16 V 的学生电源B．量程为 0～3 A 的电流表，内阻约 0.1 ΩC．量程为 0～0.6 A 的电流表，内阻约 0.5 ΩD．量程为 0～3 V 的电压表，内阻约 3 kΩE．量程为 0～15 V 的电压表，内阻约 15 kΩF．0～10 Ω，0.5 A 的滑动变阻器G．0～10 Ω，2 A 的滑动变阻器H．导线，开关（1）合理的实验器材选择为：电流表选________，电压表选________，滑动变阻器选________。（填写器材前面的字母）（2）实验电路中的测量电路应采用电流表的_______（选填内接或外接）法。19.(2010 年高考安徽卷)如图 9－1－13 所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个边长相等的单匝闭合正方形线圈Ⅰ和Ⅱ，分别用相同材料、不同粗细的导线绕制(Ⅰ 为细导线)．两线圈在距磁场上界面 h 高处由静止开始自由下落，再进入磁场，最后落到地面．运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界．设线圈Ⅰ、Ⅱ落地时的速度大小分别为 v1、v2，在磁场中运动时产生的热量分别为 Q1、Q2.不计空气阻力，则(　　)图 9－1－13A．v1 <v2，Q1< Q2　 　 　 　 　B．v1＝v2，Q1＝Q2C．v1 <v2，Q1>Q2D．v1＝v2，Q1< Q220.在某介质两列相向传播的简谐波 A、B（A 为半个波形的脉冲波，B 为连续波），t=0 时刻所形成的波如图所示，两列波的传播速度均为 v＝1.0m/s，则在 t＝0 到 t＝20s 内横坐标位置 x=18m 的质点通过的路程为__________cm，在这段时间内 A 波波峰与 B 波波峰相遇的次数为__________。 评卷人 得分四、实验题21.图 1 为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。图中打点计时器的电源为 50Hz 的交流电源，打点的时间间隔用 Δt 表示。在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。 （1）完成下列实验步骤中的填空：① 平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列________的点。② 按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码。③ 打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点迹的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量 m。④ 按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤③。⑤ 在每条纸带上清晰的部分，每 5 个间隔标注一个计数点。测量相邻计数点的间距 s1，s2，…。求出与不同 m 相对应的加速度 a。⑥ 以砝码的质量 m 为横坐标， 为纵坐标，在坐标纸上做出 关系图线。若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则 与 m 处应成_________关系（填“线性”或“非线性”）。（2）完成下列填空：（ⅰ）本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是_______________________。（ⅱ）设纸带上三个相邻计数点的间距为 s1、s2和 s3。a 可用 s1、s3和Δt 表示为 a=__________。图 2 为用米尺测量某一纸带上的 s1、s3的情况，由图可读出 s1=__________mm，s3=__________。由此求得加速度的大小a=__________m/s2。（ⅲ）图 3 为所得实验图线的示意图。设图中直线的斜率为 k，在纵轴上的截距为 b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为___________，小车的质量为___________。 22.小李同学欲选择图甲中实验器材进行实验研究：（1）他先选用图中器材ABCFG 完成“测定干电池的电动势和内阻”实验。正确连接电路并操作后，结合实验数据画出如图所示的 U-I 图像，则由图像可得干电池的电动势为____V，内阻为____(结果保留 2 位小数）。（2）小明同学采用与题（1)不同的方案测定干电池的电动势和内阻，则除了器材 AB 外，还需要图中的_____(填写器件下的字母编号即可）。（3）若小李同学找来另一节完全相同的干电池并选择图中的 ABCEFG 完成“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，请在图甲上帮他补充完成必需的导线连接_________。评卷人 得分五、简答题23.如图所示，直角玻璃三棱镜置于空气中，已知∠A＝60°，∠C＝90°，一束极细的光于 AC 边的中点 D 垂直 AC 面入射，AD＝a，棱镜的折射率 n＝ .求：① 光从棱镜第一次射入空气时的折射角；② 光从进入棱镜到它第一次从 BC 边和 AB 边射入空气所经历的时间分别为多少？．(设光在真空中的传播速度为 c) 24.质量 m="1" kg 的物体在 F＝20 N 的水平推力作用下，从足够长的粗糙斜面的底端 A 点由静止开始沿斜面运动，物体与斜面间动摩擦因数为μ=0．25，斜面固定不动，与水平地面的夹角 θ＝37°，力 F 作用 4 s 后撤去，撤去力 F 后 5s 物体正好通过斜面上的 B 点。（已知 sin 37°＝0．6，cos 37°＝0．8，g＝10 m/s2）。求：（1）撤去力 F 时的速度；（2）力 F 作用下物体发生的位移；（3）AB 之间的距离。评卷人 得分六、综合题25.（1）爱因斯坦提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得 1921 年的诺贝尔物理学奖。某种金属逸出光电子的最大初动能 与入射光频率 的关系如图所示，其中 为极限频率。从图中可以确定的是________。（填选项前的字母）A.逸出功与 有关B. 于入射光强度成正比C. < 时，会逸出光电子D.图中直线的斜率与普朗克常量有关(2)在光滑水平面上，一质量为 m，速度大小为 的 A 球与质量为 2m 静止的 B 球碰撞后，A 球的速度方向与碰撞前相反。则碰撞后 B 球的速度大小可能是__________。（题选项前的字母）A. 0.6 B. 0.4 C. 0.3 D. 0.2